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用变阻器起动的直流电动机，其内阻R0为1Ω，电流为12.35A，接在220V线路上工作，如限制起动电流不超过正常电流的两倍，则起动电阻应不小于多少？

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考题 他励直流电动机串电阻起动时,起动电阻的计算中,选取起动过程中的最大电流I1为多大?() A、额定电流B、(1.5~2.0)倍的额定电流C、3倍的额定电流D、4倍的额定电流
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考题 并励直流电动机可以( )。A．在转子绕组回路中串接变阻器起动B．通过接入自耦变压器起动C．在转子绕组回路中串接频敏变阻器起动D．直接起动
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考题 他励直流电动机额定数据： PN=60[kW] UN=220[V] IN=350[A] nN=1000[r/min]，试问： (1)如果将该机直接起动，则起动电流为多少?(2)为使起动电流限制在2IN，应在电枢回路串入多大电阻?(3)如果采用降压起动且使起动电流限制为2IN，端电压应将为多少?
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考题 频敏变阻器起动的特点是( )。A.起动电流较大B.起动电流较小C.起动转矩较小D.转速率平滑下移
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考题 一个量程为10A的电流表，内阻R0=0.1Ω，若将该电流表误接入220V的电源上，流过该电流表的电流I=U/R0=220÷0.1=2200A此题为判断题(对，错)。
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考题 绕线式电动机采用频敏变阻器起动，如起动电流过大与起动太快，应()频敏变阻器的匝数。A.增加B.减少C.不变
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考题 在图(a)电路中有电流I时，可将图等效为图(b)，其中等效电压源电动势Es和等效电源内阻R0为( )。 A.-1V，5143Ω B.-1V，5Ω C.1V，5Ω D.1V，5143Ω
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考题 直流电动机起动瞬时，电枢电流的计算公式为( )。A. B. C. D.
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考题 三相异步电动机采用转子串频敏变阻器起动，串入的频敏变阻器相当于接入了（），达到（）起动电流和（）起动转矩目的。
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考题 已知实际电压源的E=9V，内阻R0=3Ω，则等效电流源的电流和内阻分别为（）。A、Is=27AB、Is=10AC、Is=3AD、R0=3ΩE、R0=1Ω
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考题 关于内阻为r0的直流电源，下列说法正确的是（）。A、电源短接时，放电电流为无穷大B、电源输出电压越高，说明电源输出电流越小C、电源短接时，其端电压为零D、外电路断路，其端电压最大
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考题 直流电动机启动时，由于内阻很小而反电压尚未建立，启动电流很大，为此常用一个启动变阻器串入启动回路，如果电动机内阻Ri＝1Ω，工作电流为12.35A.，现接在220V电源上，限制启动电流不超过正常工作电流的两倍，试求串入启动回路的电阻值是多少？
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考题 直流电动机起动时，常在电枢电路中串入附加电阻，其目的是为限制起动电流。
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考题 绕线式电动机采用频敏变阻器起动，如起动电流过大与起动太快，应（）频敏变阻器的匝数。A、增加B、减少C、不变
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考题 直流电动机起动时的电流等于其额定电流。
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考题 三相绕组转子异步电动机用频敏变阻器起动，起动过程是其等效电阻的变化是从大变到小，其电流变化是从（）变到（）。
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考题 三相绕线转子异步电动机用频敏变阻器起动，起动过程中其等效电阻的变化是从大变到小，其电流变化也是从大变到小。
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考题 当电源内阻为R0时，负载R1获得最大输出功率的条件是（）。A、R1＞R0；B、R1＜R0；C、R1=2R0；D、R1=R0。
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考题 绕线式异步电动机转子回路中接入变阻器来起动，有两个作用：⑴减小定子绕组的起动电流；⑵适当的起动变阻器阻值，可使起动转矩增大。所以比鼠笼式电机有更大的（）。
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考题 已知实际电流源的Is=8A，内阻R0=4Ω，则等效电压源的电压为（）。A、E=4VB、E=32VC、R0=1ΩD、R0=4Ω
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考题 已知实际电压源的E=18V，内阻R0=3Ω，则等效电流源的电流和内阻分别为（）。A、Is=6AB、Is=54AC、R0=3ΩD、R0=2ΩE、R0=1Ω
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考题 三相绕组转子异步电动机用频敏变阻器起动，起动过程是其等效电阻的变化是从（）变到（），其电流变化是从（）变到（）。
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考题 单选题绕线式异步电动机在转子绕组中串变阻器起动，（）。A 起动电流减小，起动转矩减小B 起动电流减小，起动转矩增大C 起动电流增大，起动转矩减小D 起动电流增大，起动转矩增大
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考题 填空题三相异步电动机采用转子串频敏变阻器起动，串入的频敏变阻器相当于接入了（），达到（）起动电流和（）起动转矩目的。
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考题 填空题他励直流电动机直接起动时，起动电流很大，一般为额定电流的（）。
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考题 单选题线绕式异步电动机在转子绕组中串变阻器起动，（）。A 起动电流减小，起动转矩减小B 起动电流减小，起动转矩增大C 起动电流增大，起动转矩减小D 起动电流增大，起动转矩增大
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考题 单选题转子串频敏变阻器起动控制的优点是（）。A 起动转矩平稳，电流冲击大B 起动转矩大，电流冲击大C 起动转矩平稳，电流冲击小D 起动转矩小，电流冲击大
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