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填空题
设z=f(xy,x/y)+g(y/x),其中f、g均可微,则∂z/∂x=____。
参考答案
参考解析
解析:
设f1′为函数f(u,v)对第一中间变量的偏导,f2′为函数f(u,v)对第二中间变量的偏导,g′为函数g对x的导数。则∂z/∂x=∂f(xy,x/y)/∂x+∂g(y/x)/∂x=f1′y+f2′·(1/y)+g′·(-y/x2)=f1′y+f2′/y-yg′/x2。
设f1′为函数f(u,v)对第一中间变量的偏导,f2′为函数f(u,v)对第二中间变量的偏导,g′为函数g对x的导数。则∂z/∂x=∂f(xy,x/y)/∂x+∂g(y/x)/∂x=f1′y+f2′·(1/y)+g′·(-y/x2)=f1′y+f2′/y-yg′/x2。
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考题
设关系模式R<U,F>,其中U为属性集,F是U上的一组函数依赖,那么Armstrong公理系统的伪传递律是指( )。A.若X→Y,Y→Z为F所蕴涵,则X→Z为F所蕴涵
B.若X→Y,X→Z,则X→YZ为F所蕴涵
C.若X→Y,WY→Z,则XW→Z为F所蕴涵
D.若X→Y为F所蕴涵,且Z?U,则XZ→YZ为F所蕴涵
考题
下列结论不正确的是()。A、z=f(x,y)在点(x0,y0)处可微,则f(x,y)在点(x0,y0)处连续B、z=f(x,y)在点(x0,y0)处可微,则f(x,y)在点(x0,y0)处可导C、z=f(x,y)在点(x0,y0)处可导,则f(x,y)在点(x0,y0)处可微D、z=f(x,y)在点(x0,y0)处偏导数连续,则f(x,y)在点(x0,y0)处连续
考题
指出下列关系模式是第几范式?并说明理由。 (1)R(X,Y,Z)F={XY→Z} (2)R(x,Y,z)F={Y→z,XZ→Y} (3)R(X,Y,Z)F={Y→Z,Y→X,X→YZ} (4)R(x,Y,z)F={X→Y,X→Z} (5)R(x,Y,Z)F={XY→Z} (6)R(W,X,Y,Z)F={X→Z,WX→Y}
考题
判断下列关系模式可以达到的范式级别: 1)R(X,Y,Z)F={XY→Z} 2)R(X,Y,Z)F={Y→Z,XZ→Y} 3)R(X,Y,Z)F={Y→Z,Y→X,X→YZ} 4)R(X,Y,Z)F={X→Y,X→Z}
考题
单选题设f(u,v)是二元可微函数,z=f(y/x,x/y),则x∂z/∂x-y∂z/∂y=( )。A
-yf1′/x+xf2′/yB
2(-yf1′/x+xf2′/y)C
-yf1′/x+2xf2′/yD
-yf1′/x+f2′/y
考题
单选题设z=f(xy,x/y)+g(y/x),其中f、g均可微,则∂z/∂x=( )。A
yf1′+f2′/y-yg′/x2B
yf1′-f2′/y-yg′/x2C
yf1′-f2′/y+yg′/x2D
yf1′+f2′/y+yg′/x2
考题
单选题若函数u=xy·f[(x+y)/xy],f(t)为可微函数,且满足x2∂u/∂x-y2∂u/∂y=G(x,y)u,则G(x,y)必等于( )。A
x+yB
x-yC
x2-y2D
(x+y)2
考题
单选题若z=f(x,y)和y=φ(x)均可微,则dz/dx等于( )。[2013年真题]A
∂f/∂x+∂f/∂yB
∂f/∂x+(∂f/∂y)(dφ/dx)C
(∂f/∂y)(dφ/dx)D
∂f/∂x-(∂f/∂y)(dφ/dx)
考题
单选题设函数z=z(x,y)由方程F(x-az,y-bz)=0所给出,其中F(u,v)任意可微,则a∂z/∂x+(b∂z/∂y)=( )。A
0B
1C
2D
4
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